Бенефис одной задачи
Презентация на тему Бенефис одной задачи к уроку по геометрии
Презентация по слайдам:
Слайд #1
Презентация по геометрии. Подготовили ученики 9б класса Лунин Александр Горемыкин Олег
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/1.jpg)
Слайд #2
Бенефис одной задачи. (В одной задаче – почти вся планиметрия!)
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/2.jpg)
Слайд #3
Задача. В трапеции диагонали длиной 6 см и 8 см взаимно перпендикулярны. Найдите длину средней линии трапеции.
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/3.jpg)
Слайд #4
Способ №1 1. Продолжим BC вправо. Проведем DK || AC. Так как ACKD – параллелограмм, то DK=6 см. 2. BD┴DK, так как BD ┴ AC. Δ BDK – прямоугольный. BK= ; BK= =10(см). 3. BK=BC+AD. Средняя линия равна половине BK, то есть 5 см. Ответ: 5 см. В С А D K О
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/4.jpg)
Слайд #5
Способ №2 (похож на 1) Проведем СЕ || BD до пересечения с продолжением AD. DE = BC, так как DBCE – параллелограмм. AE вычислим по теореме Пифагора из ΔACE (CE || BD, но BD ┴ AC, следовательно,CE ┴AC): AE = ; AE = = 10(см). AE = a+b. Но средняя линия равна (a+b)/2 , т.е. равна 5 см. Ответ: 5 см. A B C D E a b 6 8
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/5.jpg)
Слайд #6
Способ №3 MN – средняя линия трапеции. Проведем MK || BD и соединим точки N и K. NK – средняя линия ΔACD, следовательно NK=0,5 AC; NK = 3(см). MK – средняя линия ΔABD, следовательно MK=0,5 BD; MK=4(см). Угол MKN равен углу AOD как углы с соответственно параллельными сторонами. ΔMKN – прямоугольный. MN = = =5(см). Ответ: 5 см. A B C D O M N K
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/6.jpg)
Слайд #7
Способ №4 1.Продолжим CA на расстояние AM = CО. Через точку М проведем MN || AD. BD ∩ MN = N. 2. ΔOMN – прямоугольный, OM = 6 см, ON = 8 см. Следовательно, MN = 10 cм (теорема Пифагора). 3. Проведем MK || ND. Продолжим AD до пересечения с MK. ΔMAK = ΔBOC (по I признаку), следовательно AK = = BC. 4. MKDN – параллелограмм, DK= MN = 10 см. Но DK = AD+BC. Значит, средняя линия равна 5 см. Ответ: 5 см. A B C D M K O N
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/7.jpg)
Слайд #8
Способ №5 Соединим середины сторон трапеции. Легко доказать, что MPNQ – параллелограмм с прямым углом, т.е. прямоугольник со сторонами 3 см и 4 см. Диагонали его MN = PQ= 5 см (египетский треугольник). Ответ: MN = 5 cм. P M Q N 3 4
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/8.jpg)
Слайд #9
Способ №6 Продолжим AC за точку A так, что АМ = ОС. Продолжим BD за точку D так, что DN = BO. Итак, ΔOMN – прямоугольный с катетами 6 см и 8 см. По теореме Пифагора MN = 10 см. Проведем AE ┴ MN, DF ┴ MN, OK ┴ BC. ΔAME = ΔKOC и ΔDFN = ΔBKO по стороне и двум прилежащим к ней углам. Следовательно, ME = KC и FH = BK, т.е. MN = AD + BC = 10 (см). Средняя линия равна (AD+BC)/2= =MN/2=10/2 = 5. Ответ: 5 см. O M E F N
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/9.jpg)
Слайд #10
Способ №7 Пусть OC = x, BO = y; тогда АО = 6 – х, DO = 8 – y. MN – средняя линия. 1.Из подобия ΔBOC и ΔAOD имеем: х/(6-х) = у/(8-у), 8х – ху = 6у – ху, 8х = 6у, у = 4/3х. 2. Из прямоугольного треугольника ΔBOC имеем: ВС = √ x²+ (4/3x)² = √ x² + 16/9x² = √ 25/9x² = 5/3x. 3.Из подобия ΔBOC и ΔAOD имеем: BC/AD = OC/AO, (5/3x)/AD = x/(6-x), AD = 5/3(6-x) = 10-5/3x. 4. MN = (AD + BC) = (5/3x+10-5/3x)/2 = 5 (см). Ответ: 5 см.
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/10.jpg)
Слайд #11
Способ №8 1.Из подобия ΔBOC и ΔAOD: x/(6-x) = y/(8-y), y=4/3x. 2.Продолжим диагонали на отрезки, равные CO и BO. 3.Из ΔMON: MN = 10 см. 4. AOD подобен ΔMON; MN = 4/3 AD, AD = 3/4MN = =3/4*10 = = 7,5 (см). 5.В ΔBOC: BC = x²+(4/3x)² = 5/√3x. 6.ΔBOC подобен ΔAOD. BC/AD = OC/AO, (5/3x²)/7,5 = x/(6-x); 10x-5/3x² = 7,5x; 2,5x = 5/3x²; 7,5 = 5x; x = 1,5 (cм). 7. BC = 5/3x = 5/3*1,5 = 2,5 (см). 8. Средняя линия равна (AD+BC)/2 = (7,5+2,5)/2 = 5. Ответ: 5 см. M N y x 6-x 8-y O
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/11.jpg)
Слайд #12
Способ №9 Тригонометрический 1. Из подобия ΔBOC и ΔAOD: X/(6-x) = y/(8-y) , y =4/3 х. 2. Δ BOC – прямоугольный. tg α =y/x =4/3x : x = у =4/3 . 3. Найдем cos α либо по формуле: 1+tg²α = 1/cos a, либо методом треугольника: cos α = 3/5. 4. Из ΔBOC: OC/BC = cos α, BC = OC/cos α =4*5/3 = 5/3 x. 5. Из ΔAOD: AO/OD = cos α, AD = AO/ cos α = (6-x)/3/5 = 5(6-x)/3 . 6. Средняя линия равна (AD+BC)/2 = 5 (см).
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/12.jpg)
Слайд #13
Способ №10 (тригонометрический) 1. Из подобия треугольников BOC и AOD: x/(6-x) = y/(8-y), y =4/3x. x/(6-x) = b/a. 2. ax = 6b – bx, (a+b)x = 6b, (a+b)/2 = 3b/x, (a+b)/2 = 3/sin α. tg α = x/y = x/(4/3x) = 3/4, α = arctg 3/4. 3. (a+b)/2 = 3/sin(arctg 3/4) = 3 / 3/5 = 5. 4. tg α = 3/4 sin α = ? sin α = 3/5 5 3 4 α
![](https://Xp4sTM90BVzr.frontroute.org/s11/3/4/0/2/7/13.jpg)